牛客练习赛24
B-凤凰
链接:https://www.nowcoder.com/acm/contest/157/B
来源:牛客网
题目描述
凤凰于飞,翙翙其羽,亦集爰止。
——《诗经·卷阿》
传说,凤凰是百鸟之王。有一天,凤凰要召开百鸟大会,百鸟国是一个由n个节点组成的树,每个节点有一只鸟,开会的节点定在1号节点。每只鸟可以花费1s通过一条边,由于每根树枝(边)的载重有限,只允许一只鸟同时通过。作为会议的策划师,HtBest想知道百鸟国的所有鸟在1点集合最少需要多少秒。
输入描述:
第一行有一个正整数n,表示百鸟国节点个数。
接下来n-1行,第i行两个正整数ai,bi用空格隔开,表示树上节点ai,bi之间有一条边。
输出描述:
第一行一个整数,表示集合最少需要的时间。
示例1
输入
3
1 2
2 3
输出
2
示例2
输入
3
1 2
1 3
输出
1
示例3
输入
4
1 2
2 3
2 4
输出
3
备注:
对于100%的测试数据:
1 ≤ n ≤ 1000000
数据量较大,注意使用更快的输入输出方式。
PS:由于每个节点都有一只鸟,并且每一秒子节点都在像根节点传送鸟,所以只要求根节点下面站的鸟数最多的节点就行了。
AC代码:
#include <iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<map>
#include<queue>
#include<set>
#include<cmath>
#include<stack>
#include<string>
const int maxn=1e6+10;
const int mod=1e9+7;
const int inf=1e8;
#define me(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
typedef long long ll;
using namespace std;
int sum[maxn],root[maxn];
void inct(int n)
{
for(int i=1;i<=n;i++)
root[i]=i;
}
int find(int x)
{
if(x==root[x])
return x;
return root[x]=find(root[x]);
}
void unite(int x,int y)
{
int x1=find(x);
int y1=find(y);
if(x1!=y1)
root[x1]=y1;
}
int main()
{
int n;cin>>n;
inct(n);
for(int i=1;i<n;i++)
{
int x,y;scanf("%d%d",&x,&y);
if(x!=1&&y!=1)
unite(x,y);
}
int ans=0;me(sum,0);
for(int i=1;i<=n;i++)
sum[find(i)]++;
for(int i=1;i<=n;i++)
ans=max(ans,sum[i]);
cout<<ans<<endl;
return 0;
}
C-PH试纸
链接:https://www.nowcoder.com/acm/contest/157/C
来源:牛客网
题目描述
PH试纸,是一种检测酸碱度的试纸,试纸红色为酸性,蓝色为碱性。
HtBest有一个PH试纸,试纸被分成了n段,每一段都可以被染色成红色或者蓝色,WHZ在试纸的每一段上都染为一种颜色,HtBest有m个询问,对于每个询问,Ta想知道某种颜色第qi次在什么地方出现。
输入描述:
第一行有两个正整数n,m。
第二行有n个字母(‘R’或’B’),每个第i个字母表示PH试纸第i段的颜色。
接下来m行,第i行有一个大写字母 ci(‘R’或’B’)和一个正整数qi ,用空格隔开,表示查询颜色ci 第qi 次出现的位置。
输出描述:
共m行,第i行一个整数,表示查询结果,若颜色ci出现次数少于qi次,则输出-1,否则输出颜色qi第ci次出现的位置。
示例1
输入
2 2
RB
R 1
B 1
输出
1
2
示例2
输入
2 2
BB
R 1
B 2
输出
-1
2
示例3
输入
3 3
BRB
B 1
B 2
R 1
输出
1
3
2
备注:
对于100%的测试数据:
1 ≤ n, m ≤ 1000000
所有输入数据不超过1000000。
数据量较大,注意使用更快的输入输出方式。
PS:水题,记录一下,然后二分就行了。
#include <iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<map>
#include<queue>
#include<set>
#include<cmath>
#include<stack>
#include<string>
const int maxn=1e6+10;
const int mod=1e9+7;
const int inf=1e8;
#define me(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
typedef long long ll;
using namespace std;
struct node
{
int x=0,i;
}R[maxn],B[maxn];
int chaxun(node a[],int l,int r,int i)
{
int mid;
while(l<=r)
{
mid=(l+r)>>1;
if(a[mid].x==i)
break;
if(a[mid].x>i)
r=mid-1;
else
l=mid+1;
}
return mid;
}
int main()
{
string s;
int n,m;cin>>n>>m;
cin>>s;
int lr=1,lb=1;
for(int i=0;i<n;i++)
{
if(s[i]=='R')
{
R[lr].i=i+1;
R[lr].x=R[lr-1].x+1;
lr++;
}
else
{
B[lb].i=i+1;
B[lb].x=B[lb-1].x+1;
lb++;
}
}
while(m--)
{
char s[5];
int i;
scanf("%s%d",s,&i);
if(s[0]=='R')
{
if(i>lr-1)
printf("-1\n");
else
{
int x=chaxun(R,1,lr-1,i);
printf("%d\n",R[x].i);
}
}
else
{
if(i>lb-1)
printf("-1\n");
else
{
int x=chaxun(B,1,lb-1,i);
printf("%d\n",B[x].i);
}
}
}
return 0;
}
D-插排树
链接:https://www.nowcoder.com/acm/contest/157/D
来源:牛客网
题目描述
一年一度的山东省oi夏令营又开始了,每到这个季节,山东的oier们都会欢聚这里,一起学(tuí)习(feì)。当然,为了能更加愉快地学(tuí)习(feì),就少不了要自带电脑,用电便开始成了一种问题,于是便有一种神奇的数据结构诞生了!这就是山东省oi专用数据结构——插排树(如图)
小K为了能更好的学(tuí)习(feì),所以他想尽量的往后做,所以现在请你帮帮他,他最远可以离讲台多远。
已知插排树的根节点在讲台上,有且仅有一个根节点(根节点入度为0),最远距离即所有插排的长度,小K电脑线的长度忽略不计
本题良心大样例下载地址: https://kench.co/tree.zip
输入描述:
第一行一个整数n表示有n个节点
然后n-1行,每行三个整数a,b,c,表示插排a是接在插排b上的,插排a的长度为c
输出描述:
一个整数n表示最远距离
示例1
输入
9
2 1 2
3 1 2
4 1 1
5 2 3
6 2 1
7 3 1
8 3 4
9 7 5
输出
8
说明
1=>3=>7=>9
备注:
对于30%的数据 n<233
对于70%的数据 n<2333
对于100%的数据 n<50000
c小于20
a,b小于等于n
PS:这个题一看就是dfs,但是不知道怎么下手。最后看了大佬的代码,才反应过来,就是相当于 遍历求路径最大。
AC代码:
#include <iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<map>
#include<queue>
#include<set>
#include<cmath>
#include<stack>
#include<string>
const int maxn=1e5+10;
const int mod=1e9+7;
const int inf=1e8;
#define me(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
typedef long long ll;
using namespace std;
vector<pair<int,int> >mp[maxn];
int ma=0;
void dfs(int x,int sum)
{
if(!mp[x].size())
{
ma=max(ma,sum);
return ;
}
for(int i=0;i<mp[x].size();i++)
dfs(mp[x][i].first,sum+mp[x][i].second);
}
int main()
{
int n;cin>>n;
for(int i=1;i<n;i++)
{
int a,b,w;
scanf("%d%d%d",&b,&a,&w);
mp[a].push_back(make_pair(b,w));
}
for(int i=1;i<=n;i++)
dfs(i,0);
cout<<ma<<endl;
return 0;
}
E-青蛙
链接:https://www.nowcoder.com/acm/contest/157/E
来源:牛客网
题目描述
有一只可爱的老青蛙,在路的另一端发现了一个黑的东西,想过去一探究竟。于是便开始踏上了旅途
一直这个小路上有很多的隧道,从隧道的a进入,会从b出来,但是隧道不可以反向走。
这只青蛙因为太老了,所以很懒,现在想请你帮帮慢,问他最少需要几步才可以到达对面。
将小径看作一条数轴,青蛙初始在0上,这只青蛙可以向前跳也可以向后跳,但每次只能跳一格,每跳一格记作一步,从隧道进到隧道出算做一步。
输入描述:
第一行两个数m,n;表示黑色物品在数轴m点上,数轴上总共有n个隧道
接下来n行,每行a,b两个数,表示从a进会从b出
10 <= m,n <= 233
0<a,b<=m
输出描述:
一个数ans表示最小步数
示例1
输入
16 4
2 10
8 15
12 5
13 6
输出
7
说明
0-->1-->2-->10-->9-->8-->15-->16
PS:这是一道很明显的搜索题直接上代码。
AC代码:
#include <iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<map>
#include<queue>
#include<set>
#include<cmath>
#include<stack>
#include<string>
const int maxn=5e3+10;
const int mod=1e9+7;
const int inf=1e8;
#define me(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
typedef long long ll;
using namespace std;
int a[300],m,n;
struct node
{
int x,step;
};
void bfs()
{
queue<node>Q;
bool vis[300];me(vis,0);
node now,next;
now.x=0,now.step=0,vis[0]=1;
Q.push(now);
while(!Q.empty())
{
now=Q.front();
Q.pop();
if(now.x==m)
{
cout<<now.step<<endl;
return ;
}
if(now.x+1<=m&&!vis[now.x+1])
{
next.step=now.step+1,next.x=now.x+1;
vis[now.x+1]=1;
Q.push(next);
}
if(now.x-1>=0&&!vis[now.x-1])
{
next.step=now.step+1,next.x=now.x-1;
vis[now.x-1]=1;
Q.push(next);
}
if(a[now.x]&&!vis[a[now.x]])
{
next.step=now.step+1,next.x=a[now.x];
vis[a[now.x]]=1;
Q.push(next);
}
}
}
int main()
{
cin>>m>>n;
me(a,0);
for(int i=0;i<n;i++)
{
int x,y;cin>>x>>y;
a[x]=y;
}
bfs();
return 0;
}
F-三轮
链接:https://www.nowcoder.com/acm/contest/157/F
来源:牛客网
题目描述
小k有一个三轮,它最多可以装105大小的东西
小k有n种商品,他要准备出摊了
每种商品体积为vi,都有105件
输出凑成1~m的体积的总方案数
输出可能会很大,请对大质数19260817取模
输入描述:
第一行两个整数n,m, 接下来n行,每行一个数代表vi
输出描述:
一个数ans表示总方案数
示例1
输入
2 8 1 3
输出
17
说明
从1~m体积的方案数分别为: 1 1 2 2 2 3 3 3
备注:
不要忘记取模!!! n,m,vi <= 50000
PS:好像出题方也不知道dp能过,听说他们本来想考其他知识点的。
#include <iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<map>
#include<queue>
#include<set>
#include<cmath>
#include<stack>
#include<string>
const int maxn=1e6+10;
const int mod=19260817;
const int inf=1e8;
#define me(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
typedef long long ll;
using namespace std;
int dp[maxn],v[maxn];
int main()
{
int m,n;
while(~scanf("%d %d",&n,&m)){
for(int i=1;i<=n;i++)
scanf("%d",&v[i]);
me(dp,0);dp[0]=1;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=v[i];j<=m;j++)
dp[j]=(dp[j]+dp[j-v[i]])%mod;
int ans=0;
for(int i=1;i<=m;i++)
ans=(ans+dp[i])%mod;
printf("%d\n",ans);
}
return 0;
}