cf868F. Yet Another Minimization Problem(决策单调性 分治dp)

题意

题目链接

给定一个长度为\(n\)的序列。你需要将它分为\(m\)段，每一段的代价为这一段内相同的数的对数，最小化代价总和。

\(n<=10^5，m<=20\)

sol

看完题解之后的感受：

首先列出裸的dp方程，\(f[i][j]\)表示前\(i\)个位置，切了\(j\)次，转移的时候枚举上一次且在了哪儿

\(f[i][j] = max(f[k][j - 1] + w(k, i))\)

\(w(k, i)\)表示\([k, i]\)内相同的数的对数。。

然后sb的我以为拿个单调队列维护一下就完了结果发现转移是\(o(n)\)的？？

标算真神仙orz

因为转移不是\(o(n)\)的，所以我们可以分治的去做

假设当前要求的区间为\([l, r]\)，可以从\([l, r]\)转移而来，\(mid = (l + r)/ 2\)的决策点为\(p\)

那么\([l, mid - 1]\)的转移区间一定在\([l, p]\)，\([mid+1, r]\)的转移区间一定是\([p, r]\)，递归的做即可

画出图来应该是这样的

求解区间：\(|\gets\)预处理\(\to |\) \(l\frac{\qquad\qquad\qquad\downarrow^{mid}\qquad\qquad\qquad}{}r\)

决策区间：\(l\frac{\qquad\qquad\qquad\downarrow^{p}\qquad\qquad\qquad}{}r\)

转移的时候需要记录每个数的出现次数，每次转移时\(o(1)\)的

总的时间复杂度为：\(o(nlognk)\)

#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
const int maxn = 1e5 + 10;
inline int read() {
    int x = 0, f = 1; char c = getchar();
    while(c < '0' || c > '9') {if(c == '-') f = -1; c = getchar();}
    while(c >= '0' && c <= '9') x = x * 10 + c - '0', c = getchar();
    return x * f;
}
int n, k, a[maxn], b[maxn];
ll f[maxn], g[maxn];
void solve(int l, int r, int l, int r, ll w) {
    if(l > r) return ;
    int mid = l + r >> 1, p = min(mid, r), k = 0;
    for(int i = l; i <= mid; i++) w += b[a[i]]++;
    for(int i = l; i <= p; i++)   w -= --b[a[i]], f[mid] > g[i] + w ? f[mid] = g[i] + w, k = i : 0;

    for(int i = l; i <= mid; i++) w -= --b[a[i]];
    for(int i = l; i <= p; i++)   w += b[a[i]]++;
    solve(l, mid - 1, l, k, w);

    for(int i = l; i < k; i++)    w -= --b[a[i]];
    for(int i = l; i <= mid; i++) w += b[a[i]]++;
    solve(mid + 1, r, k, r, w);

    for(int i = l; i <= mid; i++) --b[a[i]];
    for(int i = l; i < k; i++)    ++b[a[i]];
}
main() {
    n = read(); k = read();
    for(int i = 1; i <= n; i++) a[i] = read(), g[i] = g[i - 1] + b[a[i]]++; memset(b, 0, sizeof(b));
    while(k--) {memset(f, 0x7f, sizeof(f)); solve(1, n, 1, n, 0); swap(f, g);}
    cout << f[n];
}