【小白爬Leetcode】1.3相交链表
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2022-04-24 12:45:42
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【小白爬Leetcode】1.3相交链表
题目
编写一个程序,找到两个单链表相交的起始节点。
输入:intersectVal = 8, listA = [4,1,8,4,5], listB = [5,0,1,8,4,5], skipA = 2, skipB = 3
输出:Reference of the node with value = 8
输入解释:相交节点的值为 8 (注意,如果两个链表相交则不能为 0)。从各自的表头开始算起,链表 A 为 [4,1,8,4,5],链表 B 为 [5,0,1,8,4,5]。在 A 中,相交节点前有 2 个节点;在 B 中,相交节点前有 3 个节点。
输入:intersectVal = 2, listA = [0,9,1,2,4], listB = [3,2,4], skipA = 3, skipB = 1
输出:Reference of the node with value = 2
输入解释:相交节点的值为 2 (注意,如果两个链表相交则不能为 0)。从各自的表头开始算起,链表 A 为 [0,9,1,2,4],链表 B 为 [3,2,4]。在 A 中,相交节点前有 3 个节点;在 B 中,相交节点前有 1 个节点。
输入:intersectVal = 0, listA = [2,6,4], listB = [1,5], skipA = 3, skipB = 2
输出:null
输入解释:从各自的表头开始算起,链表 A 为 [2,6,4],链表 B 为 [1,5]。由于这两个链表不相交,所以 intersectVal 必须为 0,而 skipA 和 skipB 可以是任意值。
解释:这两个链表不相交,因此返回 null。
注意:
·如果两个链表没有交点,返回 null.
·在返回结果后,两个链表仍须保持原有的结构。
·可假定整个链表结构中没有循环。
·程序尽量满足 O(n) 时间复杂度,且仅用 O(1) 内存。
吐槽
这个题目的解释十分画蛇添足,给出的输入里写了intersectVal、skipA、skipB(估计是为了验证答案对不对的?),但是这些几乎就是答案了,肯定不能用;另外 listA = [4,1,8,4,5], listB = [5,0,1,8,4,5] 这样的表述本身就是有问题的:很容易让人认为相交点是val相同而不是地址相同,好在默认代码模板里的函数声明只给了两个输入:headA和headB。
思路一:遍历两次,计算长度
先遍历一次判断长度,再遍历一次找出地址相同的节点,是一种很基础的方法(typical me)…
唯一需要注意的地方是,由于是两次遍历,所以第一次遍历前需要两个指针**(const_headA和const_headB)记录下headA和headB**,第二遍遍历前还原headA和headB。
设n为链表长度,m为较长的那个链表*同节点的位置,这样最坏的情况需要遍历2n次,时间复杂度是O(m+n),空间复杂度是O(1)。
/**
* Definition for singly-linked list.
* struct ListNode {
* int val;
* ListNode *next;
* ListNode(int x) : val(x), next(NULL) {}
* };
*/
class Solution {
public:
ListNode *getIntersectionNode(ListNode *headA, ListNode *headB) {
int lenA = 0;
int lenB = 0;
ListNode * const_headA = headA;
ListNode * const_headB = headB;
while (headA != NULL || headB != NULL)
{
if (headA != NULL) { lenA++; headA = headA->next; }
if (headB != NULL) { lenB++; headB = headB->next; }
}
int len_diff = (lenA - lenB);
headA = const_headA; //经过第一次遍历之后还原headA
headB = const_headB; //经过第一次遍历之后还原headB
while (headA != NULL)
{
if (len_diff > 0) //A比B长
{
headA = headA->next;
len_diff--;
}
else if (len_diff < 0) //B比A长
{
headB = headB->next;
len_diff++;
}
else { // len_diff == 0的情况
if (headA == headB)
{
return headA;
}
else { headA = headA->next; headB = headB->next; }
}
}
return NULL;
}
};
结果如下:
思路二:走过你来时的路,我们终将遇见
这道题的要解决的问题就是两个链表不一样长,先遍历一边计算长度是一种方式,但还有另外一种方式,可以不用计算长度。
放上评论区的一个非常可爱的解答:
同样,设n为链表长度,m为较长的那个链表*同节点的位置,这样最坏的情况需要遍历2n次,时间复杂度是O(m+n),空间复杂度是O(1)。
完整代码如下:
/**
* Definition for singly-linked list.
* struct ListNode {
* int val;
* ListNode *next;
* ListNode(int x) : val(x), next(NULL) {}
* };
*/
class Solution {
public:
ListNode *getIntersectionNode(ListNode *headA, ListNode *headB) {
/**
定义两个指针, 第一轮让两个到达末尾的节点指向另一个链表的头部, 最后如果相遇则为交点(在第一轮移动中恰好抹除了长度差)
两个指针等于移动了相同的距离, 有交点就返回, 无交点就是各走了两条指针的长度
*/
if(headA == NULL || headB == NULL) {return NULL;}
ListNode* pA = headA;
ListNode* pB= headB;
// 在这里第一轮体现在pA和pB第一次到达尾部会移向另一链表的表头, 而第二轮体现在如果pA或pB相交就返回交点, 不相交最后就是null==null
while(pA!=pB)
{
pA = pA == NULL? headB:pA->next;
pB = pB == NULL? headA:pB->next;
}
return pA;
}
};
结果如下