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欧拉函数 - Visible Lattice Points - POJ 3090

程序员文章站 2022-07-02 23:01:28
欧拉函数 - Visible Lattice Points - POJ 3090在一个平面直角坐标系的第一象限内,如果一个点(x,y)与原点(0,0)的连线中没有通过其他任何点,则称该点在原点处是可见的。例如,点(4,2)就是不可见的,因为它与原点的连线会通过点(2,1)。部分可见点与原点的连线如下图所示:编写一个程序,计算给定整数N的情况下,满足0≤x,y≤N的可见点(x,y)的数量(可见点不包括原点)。输入格式第一行包含整数C,表示共有C组测试数据。每组测试数据占一行,包含一个整数N。...

欧拉函数 - Visible Lattice Points - POJ 3090

在一个平面直角坐标系的第一象限内,如果一个点(x,y)与原点(0,0)的连线中没有通过其他任何点,则称该点在原点处是可见的。

例如,点(4,2)就是不可见的,因为它与原点的连线会通过点(2,1)。

部分可见点与原点的连线如下图所示:

欧拉函数 - Visible Lattice Points -  POJ 3090

编写一个程序,计算给定整数N的情况下,满足0≤x,y≤N的可见点(x,y)的数量(可见点不包括原点)。

输入格式

第一行包含整数C,表示共有C组测试数据。

每组测试数据占一行,包含一个整数N。

输出格式

每组测试数据的输出占据一行。

应包括:测试数据的编号(从1开始),该组测试数据对应的N以及可见点的数量。

同行数据之间用空格隔开。

数据范围

1N,C10001≤N,C≤1000

输入样例:

4
2
4
5
231

输出样例:

1 2 5
2 4 13
3 5 21
4 231 32549

分析:

(x1,y1)(x2,y2)线LL在点阵中,任意两点(x_1,y_1)、(x_2,y_2)的连线L,L不经过其他格点的充要条件是:

y2y1x2x1gcd(y2y1,x2x1)=1\frac{y_2-y_1}{x_2-x_1}是最简整数比,即gcd(y_2-y_1,x_2-x_1)=1。

x2x1=2y2y1=2很好理解。因为,假设存在x_2-x_1=2,y_2-y_1=2,如下图

欧拉函数 - Visible Lattice Points -  POJ 3090

(x3,y3)使y3y1=12(y2y1)x3x1=12(x2x1)则存在(x_3,y_3),使得y_3-y_1=\frac{1}{2}(y_2-y_1),x_3-x_1=\frac{1}{2}(x_2-x_1)

本题:

(0,0)(x,y)gcd(x,y)=1本题已固定一点(0,0),问题即求点对(x,y)的数量,满足gcd(x,y)=1。

y=x2由于图关于y=x对称,我们仅需计算一半再乘2即可。

gcd(x,y)=1xygcd(x,y)=1,即x与y互质,

x[1,x1]x我们从横坐标逐个递增统计,就是对每一个x,统计[1,x-1]中,与x互质的数的个数。

这就将问题转化为求欧拉函数。
欧拉函数 - Visible Lattice Points -  POJ 3090
i=1nϕ(i)×2.答案:\sum_{i=1}^n\phi(i)×2.

代码:

#include<iostream>

using namespace std;

const int N=1010;

int primes[N],cnt;
bool st[N];
int phi[N];

void get_prime(int n)
{
    for(int i=2;i<=n;i++)
    {
        phi[1]=1;
        if(!st[i]) 
        {
            phi[i]=i-1;
            primes[cnt++]=i;
        }
        for(int j=0;primes[j]*i<=n;j++)
        {
            st[primes[j]*i]=true;
            if(i%primes[j]==0)
            {
                phi[i*primes[j]]=phi[i]*primes[j];
                break;
            }
            phi[i*primes[j]]=phi[i]*(primes[j]-1);
        }
    }
}

int main()
{
    get_prime(N-1);
    
    int n,m;
    cin>>m;
    for(int T=1;T<=m;T++)
    {
        cin>>n;
        int res=1;
        for(int i=1;i<=n;i++) res+=phi[i]*2;
        cout<<T<<' '<<n<<' '<<res<<endl;
    }
    return 0;
}

本文地址:https://blog.csdn.net/njuptACMcxk/article/details/107343621