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长乐国庆集训Day5

程序员文章站 2022-06-22 10:42:54
T1 方阵 题目 【题目描述】 小澳最近迷上了考古,他发现秦始皇的兵马俑布局十分有特点,热爱钻研的小澳打算在电脑上还原这个伟大的布局。 他努力钻研,发现秦始皇布置兵马俑是有一定规律的。兵马俑阵总共有n行m列,秦始皇在布置的时候每次会指定一行或一列,然后指定一个兵种,使得这一行或者这一列上全部放上这一 ......

t1 方阵

题目

【题目描述】

小澳最近迷上了考古,他发现秦始皇的兵马俑布局十分有特点,热爱钻研的小澳打算在电脑上还原这个伟大的布局。

他努力钻研,发现秦始皇布置兵马俑是有一定规律的。兵马俑阵总共有n行m列,秦始皇在布置的时候每次会指定一行或一列,然后指定一个兵种,使得这一行或者这一列上全部放上这一个兵种。如果这一行上以前放过其它的兵种,那么他会拔掉以前的兵种改成现在他命令的兵种。

小澳从秦朝的文献中找到了布置这个方阵的操作顺序,他希望你能告诉他布局完成后整个兵马俑阵是什么样子的。

【输入格式】

输入文件共q+1行。  

输入文件第1行包括三个正整数n,m,q,分别表示兵马俑阵的行数和列数以及秦始皇总的操作数。

接下来q行,每行三个正整数x,y,z,x表示操作种类,若x=1表示给第y行(y≤n)全部放上z这个兵种,若x=2,则表示给第y列(y≤m)全部放上z这个兵种,数据保证z≤231-1。

【输出格式】

n行,每行m个整数,分别用空格隔开。表示最后方阵上每个位置放的兵种,如果某个位置没有被操作过输出0。

【输入样例】

3 3 3
1 1 3
2 2 1
1 2 2

【输出样例】

3 1 3
2 2 2
0 1 0

【数据规模】

对于前20%的数据,n×m≤25。

对于前30%的数据,q≤2000。

对于100%的数据,n,m≤1000,n×m≤105,q≤106

解析

惊!原题长乐培训day4t1

送分题,直接模拟即可,不过得从后往前来,不然会超时。

code

#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <string>
#include <cstdio>
#include <cmath>
using namespace std;
int read()
{
    int num=0,w=1;
    char ch=getchar();
    while(ch<'0'||ch>'9')
    {
        if(ch=='-') w=-1;
        ch=getchar();
    }
    while(ch>='0'&&ch<='9')
    {
        num=(num<<1)+(num<<3)+ch-'0';
        ch=getchar();
    }
    return num*w;
}
struct rec{
    int p,x,y;
}s[1000010];
int n,m,q,map[1010][1010];
int main()
{
    //freopen("matrix.in","r",stdin);
    //freopen("matrix.out","w",stdout);
    int t;
    n=read(),m=read(),q=read();
    for(int i=1;i<=q;i++) s[i].p=read(),s[i].x=read(),s[i].y=read();
    for(int i=q;i>=1;i--)
    {
        if(s[i].p==1)
        {
            for(int j=1;j<=m;j++)
                if(!map[s[i].x][j]) map[s[i].x][j]=s[i].y;
        }
        else
        {
            for(int j=1;j<=n;j++)
                if(!map[j][s[i].x]) map[j][s[i].x]=s[i].y;
        }
    }
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        for(int j=1;j<=m;j++) cout<<map[i][j]<<" ";
        cout<<endl;
    }
    return 0;
}

 

 

 

 

 

t2 排名

题目

【题目描述】

小明班里一共n名同学,小明这次考试考的不错,他知道他考了多少分,以及班级里的同学一共考了多少分,小明还知道这次考试满分为100,问小明最高可以排第几,最低可以排第几。

(相同分数算并列的排名,比如总共4个人7,6,6,5,那么他们的排名分别就是1,2,2,4)

【输入格式】

第一行包括三个整数n,a,s,分别表示班里同学的人数,小明的分数,以及班里同学的总分。

【输出格式】

包括两个用空格隔开的正整数,分别表示小明在最优情况下的排名,以及在最坏情况下的排名。

【输入样例】

5 90 450

【输出样例】

1 4

【数据规模】

对于40%的数据,1≤n≤10;

对于100%的数据,1≤n≤105,0≤a≤100,0≤s≤100n。

解析

贪心:

计算最高排名时,先将所有人分数定为a,如果总分不够或总分刚好够,则第1;如果够,则逐渐增加满分人数,直到总分不够或刚好够,则排名为满分人数+1。

计算最低排名时,先将所有人分数定为a+1,如果总分不够,则排名为当前分数为a+1的总人数+1;如果够,则排名为n。

注意a=100分的情况(此时a+1=101,超出满分),特判一下直接输出即可。

code

#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <string>
#include <cstdio>
#include <cmath>
using namespace std;
int read()
{
    int num=0,w=1;
    char ch=getchar();
    while(ch<'0'||ch>'9')
    {
        if(ch=='-') w=-1;
        ch=getchar();
    }
    while(ch>='0'&&ch<='9')
    {
        num=(num<<1)+(num<<3)+ch-'0';
        ch=getchar();
    }
    return num*w;
}
int n,a,s,num;
int high(int ans)
{
    for(int i=2;i<=n;i++)
    {
        if(ans>=a) ans-=a;
        else return 1;
    }
    if(ans==0) return 1;
    for(int i=2;i<=n;i++)
    {
        if(ans>=100-a) ans-=100-a;
        else return i;
        if(ans==0) return i;
    }
    return n;
}
int low(int ans)
{
    for(int i=1;i<n;i++)
    {
        if(ans>=a+1) ans-=a+1;
        else return i;
    } 
    return n;
}
int main()
{
    //freopen("rank.in","r",stdin);
    //freopen("rank.out","w",stdout);
    n=read(),a=read(),s=read(),s-=a;
    if(a==100) cout<<"1 1";
    else cout<<high(s)<<" "<<low(s);
    return 0;
}

 

 

 

 

 

t3 最长不下降子序列

题目

【题目描述】

给你一个正整数n,请你统计出所有的长度恰好为n的01序列的最长不下降子序列之和。

【输入格式】

第一行包括一个正整数n。

【输出格式】

一行包括一个整数表示所统计的答案,由于答案可能会很大,所以我们把答案对109+7取模。

【输入样例】

3 

【输出样例】

20

【数据规模】

对于30%的数据,n≤20;

对于100%的数据,n≤200。

解析

dp题,令f[i][j][k]表示长度为i,以0结尾的最长不下降子序列长度为j,以1结尾的最长不下降子序列长度为k的方案数,初值均为0,边界f[1][1][0]=f[1][0][1]=1。

 状态转移方程:考虑给第i+1位上填0或1。

  1. 若第i+1位上填0,则f[i+1][j+1][k]+=f[i][j][k],第i+1位为0,只能由第i位为0时得到。
  2. 若第i+1位上填1,则f[i+1][j][max(j,k)+1]+=f[i][j][k],第i+1位为1,无论第i位是0还是1,其以1结尾的最长不下降子序列长度必然增加,因为1是最大的,故k取max(j,k)+1。

最终答案为max(j,k)*f[n][j][k]之和。

code

#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <string>
#include <cstdio>
#include <cmath>
using namespace std;
const int mod=1000000007;
int n;
long long ans,f[210][210][210];//f[i][j][k]表示长度为i,以0结尾最长不降子序列长度为j,以1结尾为k 
int main()
{
    //freopen("lis.in","r",stdin);
    //freopen("lis.out","w",stdout);
    f[1][1][0]=1,f[1][0][1]=1;
    cin>>n;
    for(int i=1;i<=n;i++)
        for(int j=0;j<=i;j++)
            for(int k=0;k<=i;k++)
            {
                f[i+1][j+1][k]=(f[i+1][j+1][k]+f[i][j][k])%mod;
                f[i+1][j][max(j,k)+1]=(f[i+1][j][max(j,k)+1]+f[i][j][k])%mod;
            }
    for(int j=0;j<=n;j++)
        for(int k=0;k<=n;k++) ans=(ans+(long long)max(j,k)*f[n][j][k])%mod;
    cout<<ans;
    return 0;
}

 

 

 

 

 

t4 奇袭

题目

【题目描述】

给出一张n×n的网格图,一共有n支军队驻扎在一些网格中(不会有两只军队驻扎在一起)。

每有一个k×k(1≤k≤n)的子网格图包含恰好k支军队,袭击的难度就会增加1点,请你计算出袭击的难度。

【输入格式】

第一行,一个正整数n,表示网格图的大小以及军队数量。

接下来n行,每行两个整数xi,yi,表示第i支军队的坐标。

保证每一行和每一列都恰有一只军队,即每一个xi和每一个yi都是不一样的。

【输出格式】

一行,一个整数表示袭击的难度。

【输入样例】

5    
1 1
3 2
2 4
5 5
4 3

【输出样例】

10

【数据规模】

对于前10%的数据,n≤100

对于前40%的数据,n≤5000

对于100%的数据,n≤50000

解析

以下来源于出题人的题解。

对于每一个坐标(x,y),记b[x]=y,故所求为序列b满足下列条件的区间[l,r]的数量:

长乐国庆集训Day5

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code

#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <string>
#include <cstdio>
#include <cmath>
using namespace std;
int read()
{
    int num=0,w=1;
    char ch=getchar();
    while(ch<'0'||ch>'9')
    {
        if(ch=='-') w=-1;
        ch=getchar();
    }
    while(ch>='0'&&ch<='9')
    {
        num=(num<<1)+(num<<3)+ch-'0';
        ch=getchar();
    }
    return num*w;
}
const int n=50100,m=100100;
int n,a[n],maxl[n],maxr[n],minl[n],minr[n],bz[m*2];
long long work(int l,int r)
{
    if(l==r) return 1;
    int mid=(l+r)>>1;
    maxl[mid]=minl[mid]=a[mid],maxr[mid+1]=minr[mid+1]=a[mid+1];
    for(int i=mid-1;i>=l;i--) maxl[i]=max(maxl[i+1],a[i]),minl[i]=min(minl[i+1],a[i]);
    for(int i=mid+2;i<=r;i++) maxr[i]=max(maxr[i-1],a[i]),minr[i]=min(minr[i-1],a[i]);
    long long t=0;
    for(int i=mid;i>=l;i--) 
    {
        int p=i+maxl[i]-minl[i];
        if(p<=mid||p>r) continue;
        if(minr[p]>minl[i]&&maxr[p]<maxl[i]) t++;
    }
    for(int i=mid+1;i<=r;i++)
    {
        int p=i-maxr[i]+minr[i];
        if(p>mid||p<l) continue;
        if(minl[p]>minr[i]&&maxl[p]<maxr[i]) t++;
    }
    int z1=mid+1,z2=mid;
    for(int i=mid;i>=l;i--)
    {
        while(minr[z2+1]>minl[i]&&z2<r) z2++,bz[maxr[z2]-z2+m]++;
        while(maxl[i]>maxr[z1])
        {
            bz[maxr[z1]-z1+m]--,z1++;
            if(z1>r) break;
        }
        if(z1>r) break;
        if(z1<=z2) t+=bz[minl[i]-i+m];
    }
    for(int i=mid;i>=l;i--) bz[minl[i]-i+m]=0;
    for(int i=mid+1;i<=r;i++) bz[maxr[i]-i+m]=0;
    z1=mid,z2=mid+1; 
    for(int i=mid+1;i<=r;i++)
    {
        while(minl[z2-1]>minr[i]&&z2>l) z2--,bz[maxl[z2]+z2+m]++;
        while(maxr[i]>maxl[z1])
        {
            bz[maxl[z1]+z1+m]--,z1--;
            if(z1<l) break;
        }
        if(z1<l) break;
        if(z2<=z1) t+=bz[minr[i]+i+m];
    }
    for(int i=mid+1;i<=r;i++) bz[minr[i]+i+m]=0;
    for(int i=mid;i>=l;i--) bz[maxl[i]+i+m]=0;
    return t+work(l,mid)+work(mid+1,r);
}
int main()
{
    n=read();
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        int x=read(),y=read();
        a[x]=y;
    }
    cout<<work(1,n);
    return 0;
}