CodeForces - 1426F Number of Subsequences(dp)

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题目大意：给出一个长度为 n 的字符串，由 ' a ' , ' b ' , ' c ' 和 ' ? ' 组成，每一个 ' ? ' 都可以变成三个字母之一，这样的话假设有 k 个 ' ? ' ，则整个字符串就有 3^k 中不同的表示，现在问这 3^k 个字符串中，一共有多少个 abc 的子序列（不需要连续）

题目分析：考虑 dp，如果没有 ' ? ' 的话还是比较经典的一道 dp 题目，dp[ i ][ 0 ] 代表的是到了第 i 个位置时， ' a ' 子序列的个数，dp[ i ][ 1 ] 代表的是到了第 i 个位置时，' ab ' 子序列的个数，dp[ i ][ 2 ] 代表的是到了第 i 个位置时，' abc ' 子序列的个数，答案显然就是 dp[ n ][ 2 ] 了

考虑 ' ? ' 会对 dp 的转移产生什么影响，因为 ' ? ' 可以将三种字母全部都表示一遍，所以到了第 i 个位置时，如果前面有 x 个 ' ? ' 的话，那么到达此位置的字符串就会有 3^x 种，如果不考虑 ' ? ' 的话，碰到一个 ' a ' ，dp[ i ][ 0 ] 就需要加一，但现在如果考虑到 ' ? ' 的影响，dp[ i ][ 0 ] 就需要加上 3^x 才行

再考虑用 ' ? ' 去分别表示三种字母：

1. ' ? ' 表示 ' a ' ：前面仍然有 dp[ i - 1 ][ 0 ] 个 ' a '，仍然有 dp[ i - 1 ][ 1 ] 个 ' ab '，仍然有 dp[ i - 1 ][ 2 ] 个 ' abc '，多了 3^x 个 a
2. ' ? ' 表示 ' b ' ：前面仍然有 dp[ i - 1 ][ 0 ] 个 ' a '，仍然有 dp[ i - 1 ][ 1 ] 个 ' ab '，仍然有 dp[ i - 1 ][ 2 ] 个 ' abc '，多了 dp[ i - 1 ][ 0 ] 个 b
3. ' ? ' 表示 ' c ' ：前面仍然有 dp[ i - 1 ][ 0 ] 个 ' a '，仍然有 dp[ i - 1 ][ 1 ] 个 ' ab '，仍然有 dp[ i - 1 ][ 2 ] 个 ' abc '，多了 dp[ i - 1 ][ 1 ] 个 c

直接转移就好了

代码：

//#pragma GCC optimize(2)
//#pragma GCC optimize("Ofast","inline","-ffast-math")
//#pragma GCC target("avx,sse2,sse3,sse4,mmx")
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<string>
#include<ctime>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<stack>
#include<climits>
#include<queue>
#include<map>
#include<set>
#include<sstream>
#include<cassert>
#include<bitset>
#include<unordered_map> 
using namespace std;
      
typedef long long LL;
      
typedef unsigned long long ull;
 
const int inf=0x3f3f3f3f;

const int N=2e5+100;

const int mod=1e9+7;

LL dp[N][3];

char s[N];

int main()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
//  freopen("data.in.txt","r",stdin);
//  freopen("data.out.txt","w",stdout);
#endif
//  ios::sync_with_stdio(false);
	int n;
	scanf("%d%s",&n,s+1);
	LL base=1;
	for(int i=1;i<=n;i++)
	{
		if(s[i]=='a')
		{
			dp[i][0]=(dp[i-1][0]+base)%mod;
			dp[i][1]=dp[i-1][1];
			dp[i][2]=dp[i-1][2];
		}
		else if(s[i]=='b')
		{
			dp[i][0]=dp[i-1][0];
			dp[i][1]=(dp[i-1][0]+dp[i-1][1])%mod;
			dp[i][2]=dp[i-1][2];
		}
		else if(s[i]=='c')
		{
			dp[i][0]=dp[i-1][0];
			dp[i][1]=dp[i-1][1];
			dp[i][2]=(dp[i-1][1]+dp[i-1][2])%mod;
		}
		else if(s[i]=='?')
		{
			dp[i][0]=(dp[i-1][0]*3+base)%mod;
			dp[i][1]=(dp[i-1][1]*3+dp[i-1][0])%mod;
			dp[i][2]=(dp[i-1][2]*3+dp[i-1][1])%mod;
			base=base*3%mod;
		}
	}
	printf("%lld\n",dp[n][2]);















   return 0;
}

 

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