php中判断变量是否为空

从数据库中取出值后判断是否为空，这个看起来很简单，只要和null比较一下就可以了，其实不然， if ( $obj == null ){ } 这样写会报错的： Notice: Trying to get property of non-object problem， 查了一下发现需要使用下面的写法 if ( isset ( $obj )) { e

从数据库中取出值后判断是否为空，这个看起来很简单，只要和null比较一下就可以了，其实不然，

if($obj==null){ 
} 

这样写会报错的：Notice: Trying to get property of non-object problem，

查了一下发现需要使用下面的写法

if (isset($obj)) { 
echo "This var is set set so I will print."; 
} 

这个isset是做什么的呢？

isset函数是检测变量是否设置。

格式：bool isset ( mixed var [, mixed var [, ...]] )

返回值：

若变量不存在则返回 FALSE
若变量存在且其值为NULL，也返回 FALSE
若变量存在且值不为NULL，则返回 TURE
同时检查多个变量时，每个单项都符合上一条要求时才返回 TRUE，否则结果为 FALSE
如果已经使用 unset() 释放了一个变量之后，它将不再是 isset()。若使用 isset() 测试一个被设置成 NULL 的变量，将返回 FALSE。同时要注意的是一个 NULL 字节（”\0″）并不等同于 PHP 的 NULL 常数。

警告: isset() 只能用于变量，因为传递任何其它参数都将造成解析错误。若想检测常量是否已设置，可使用 defined() 函数。

看来刚才我那边的判断所出的问题，就是因为这个“是一个 NULL 字节（”\0″）并不等同于 PHP 的 NULL 常数”。