Description
当农夫约翰闲的没事干的时候，他喜欢坐下来看书。多年过去，他已经收集了 N 本书 (1 <= N <= 100,000)， 他想造一个新的书架来装所有书。
每本书 i 都有宽度 W(i) 和高度 H(i)。书需要按顺序添加到一组书架上；比如说，第一层架子应该包含书籍1 ... k，第二层架子应该以第k + 1本书开始，以下如此。每层架子的总宽度最大为L（1≤L≤1,000,000,000）。每层的高度等于该层上最高的书的高度，并且整个书架的高度是所有层的高度的总和，因为它们都垂直堆叠。
请帮助农夫约翰计算整个书架的最小可能高度。
有N(1 <= N <= 100000)本书，每本书有一个宽度W(i)，高度H(i)，(1 <= H(i) <= 1,000,000; 1 <= W(i) <= L)。
现在有足够多的书架，书架宽度最多是L (1 <= L <= 1,000,000,000)，把书按顺序（先放1，再放2.....）放入书架。某个书架的高度是该书架中所放的最高的书的高度。
将所有书放入书架后，求所有书架的高度和的最小值？
solution
弄了好久啊，首先这个DP没法维护啊，最后弄出一个暴力均摊的线段树做法.
\(f[i]=f[j]+v[j+1][i]\)，这是原DP方程，\(v[j][i]\)表示\(j-i\)间的最大值.
考虑优化：
我们在线段树中，分别维护 \(f[j]\) 和 \(v[j]\)，单调指针扫描，扫到 \(i\) 时，用 \(H[i]\) 取更新 \([1,i-1]\) 的 \(v\) 值.
再维护一个\(f[j]+v[j]\)，那么转移就是线段树查最值了.
关键在于修改的复杂度：
维护一个区间最小值和区间最大值：
1.如果最小值大于 \(H[i]\)，那么没有修改的必要，直接返回
2.如果最大值小于 \(H[i]\)，那么直接打上覆盖标记即可
复杂度的证明：
一个无单调性的序列经过一次暴力修改之后，就会变成单调递增或递减序列了，那么下一次修改就会只会选择其中一部分进行修改(因为另一部分总会碰到上述两个剪枝中的一种情况)，并且修改完之后依旧是满足单调性的，所以除了第一次修改之外，之后就是线段树修改的复杂度了，均摊 \(O(n*logn)\)，常数有些大
#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <cmath>
#define RG register
#define ls (o<<1)
#define rs (o<<1|1)
#define Min(a,b) ((a)<(b)?(a):(b))
#define Max(a,b) ((a)>(b)?(a):(b))
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N=100005;const ll inf=1e15;
int n,m,v[N],lazy[N<<2],mx[N<<2],mn[N<<2];ll f[N<<2],a[N],g[N<<2];
inline void upd(RG int o){
f[o]=Min(f[ls],f[rs]);
mx[o]=Max(mx[ls],mx[rs]);
mn[o]=Min(mn[ls],mn[rs]);
}
inline void pushdown(RG int o){
if(!lazy[o])return ;
int k=lazy[o];
f[ls]=g[ls]+k;mx[ls]=k;mn[ls]=k;
f[rs]=g[rs]+k;mx[rs]=k;mn[rs]=k;
lazy[ls]=k;lazy[rs]=k;
lazy[o]=0;
}
inline void Modify(int l,int r,int o,int sa,int se,int t){
if(l!=r)pushdown(o);
if(mn[o]>=t)return ;
if(sa<=l && r<=se){
if(mx[o]<t){
lazy[o]=t;f[o]=g[o]+t;mx[o]=mn[o]=t;
return ;
}
}
if(l==r)return ;
int mid=(l+r)>>1;
if(se<=mid)Modify(l,mid,ls,sa,se,t);
else if(sa>mid)Modify(mid+1,r,rs,sa,se,t);
else Modify(l,mid,ls,sa,mid,t),Modify(mid+1,r,rs,mid+1,se,t);
upd(o);
}
inline void updata(int l,int r,int o,int sa,ll t){
if(l==r){g[o]=t;return ;}
int mid=(l+r)>>1;
pushdown(o);
if(sa<=mid)updata(l,mid,ls,sa,t);
else updata(mid+1,r,rs,sa,t);
g[o]=Min(g[ls],g[rs]);
}
inline ll qry(int l,int r,int o,int sa,int se){
if(l!=r)pushdown(o);
if(sa<=l && r<=se)return f[o];
int mid=(l+r)>>1;ll ret,q1,q2;
if(se<=mid)ret=qry(l,mid,ls,sa,se);
else if(sa>mid)ret=qry(mid+1,r,rs,sa,se);
else{
q1=qry(l,mid,ls,sa,mid),q2=qry(mid+1,r,rs,mid+1,se);
ret=Min(q1,q2);
}
upd(o);
return ret;
}
int l=0;
void work()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=n;i++)
scanf("%d%lld",&v[i],&a[i]),a[i]+=a[i-1];
ll tmp;
for(int i=1;i<=n;i++){
while(l<i && a[i]-a[l]>m)l++;
Modify(0,n,1,0,i-1,v[i]);
tmp=qry(0,n,1,l,i-1);
if(i!=n)updata(0,n,1,i,tmp);
}
cout<<tmp<<endl;
}
int main()
{
freopen("pp.in","r",stdin);
freopen("pp.out","w",stdout);
work();
return 0;
}